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已知:如图(1),在平面直角坐标xOy中,边长为2的等边△OAB的顶点B在第一象...

已知:如图(1),在平面直角坐标xOy中,边长为2的等边△OAB的顶点B在第一象限,顶点A在x轴的正半轴上.另一等腰△OCA的顶点C在第四象限,OC=AC,∠C=120°.现有两动点P、Q分别从A、O两点同时出发,点Q以每秒1个单位的速度沿OC向点C运动,点P以每秒3个单位的速度沿A→O→B运动,当其中一个点到达终点时,另一个点也随即停止.
(1)求在运动过程中形成的△OPQ的面积S与运动的时间t之间的函数关系,并写出自变量t的取值范围;
(2)在等边△OAB的边上(点A除外)存在点D,使得△OCD为等腰三角形,请直接写出所有符合条件的点D的坐标;
(3)如图(2),现有∠MCN=60°,其两边分别与OB、AB交于点M、N,连接MN.将∠MCN绕着C点旋转(0°<旋转角<60°),使得M、N始终在边OB和边AB上.试判断在这一过程中,△BMN的周长是否发生变化?若没有变化,请求出其周长;若发生变化,请说明理由.
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(1)由于点Q从点O运动到点C需要秒,点P从点A→O→B需要秒,所以分两种情况讨论:①0<t<;②≤t<.针对每一种情况,根据P点所在的位置,由三角形的面积公式得出△OPQ的面积S与运动的时间t之间的函数关系,并且得出自变量t的取值范围; (2)如果△OCD为等腰三角形,那么分D在OA边或者OB边上或AB边上三种情形.每一种情形,都有可能O为顶点,C为顶点,D为顶点,分别讨论,得出结果; (3)如果延长BA至点F,使AF=OM,连接CF,则由SAS可证△MOC≌△FAC,得出MC=CF,再由SAS证出△MCN≌△FCN,得出MN=NF,那么△BMN的周长=BA+BO=4. 【解析】 (1)过点C作CD⊥OA于点D.(如图) ∵OC=AC,∠ACO=120°, ∴∠AOC=∠OAC=30°. ∵OC=AC,CD⊥OA,∴OD=DA=1. 在Rt△ODC中,OC===(1分) (i)当0<t<时,OQ=t,AP=3t,OP=OA-AP=2-3t. 过点Q作QE⊥OA于点E.(如图) 在Rt△OEQ中, ∵∠AOC=30°, ∴QE=OQ=, ∴S△OPQ=OP•EQ=(2-3t)•=-+t, 即S=-+t;(3分) (ii)当<t≤时(如图) OQ=t,OP=3t-2. ∴∠BOA=60°,∠AOC=30°,∴∠POQ=90°. ∴S△OPQ=OQ•OP=t•(3t-2)=-t, 即S=-t; 故当0<t<时,S=-+t,当<t≤时,S=-t(5分) (2)D(,1)或(,0)或(,0)或(,)(9分) (3)△BMN的周长不发生变化.理由如下: 延长BA至点F,使AF=OM,连接CF.(如图) 又∵∠MOC=∠FAC=90°,OC=AC, ∴△MOC≌△FAC, ∴MC=CF,∠MCO=∠FCA.(10分) ∴∠FCN=∠FCA+∠NCA=∠MCO+∠NCA =∠OCA-∠MCN =60°, ∴∠FCN=∠MCN. 在△MCN和△FCN中, , ∴△MCN≌△FCN, ∴MN=NF.(11分) ∴BM+MN+BN=BM+NF+BN=BO-OM+BA+AF=BA+BO=4. ∴△BMN的周长不变,其周长为4.
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考点分析:
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试题属性
  • 题型:解答题
  • 难度:中等

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