满分5 > 初中物理试题 >

在学习牛顿第一定律的时候,我们做了如图所示实验。下列有关叙述不正确的是( ) A...

在学习牛顿第一定律的时候,我们做了如图所示实验。下列有关叙述不正确的是(  )

A.每次实验时,让小车从同一斜面的顶端由静止开始下滑

B.实验中运动的小车可能会停下来、也可能滑出木板外,若滑出木板外可以将这次实验下滑的高度降低

C.实验表明,小车受到的摩擦力越小,运动的距离越远,速度减小得越慢

D.在类似甲、乙、丙的实验现象的基础上,推测:如果运动的物体受到的阻力为零,速度 就不会减小,物体将以恒定不变的速度永远运动下去

 

B 【解析】 A.实验中,让小车从同一斜面的同一高度自由下滑,目地是为了让小车每次到达水平面时的速度都相同,便于比较,故正确,不符合题意; B.根据控制变量的原则,若小车滑出木板外,则应加长木板的长度,不能将这次实验下滑的高度降低,故错误,符合题意; C.实验表明:小车在木板表面运动的距离最远,说明小车受到摩擦力越小,运动的距离越远,速度减小得越慢,故正确,不符合题意; D.接触面越光滑,摩擦力越小,小车的速度减小得慢。由此推理得出:假如小车受到的阻力为零,小车将做匀速直线运动,以恒定不变的速度永远运动下去,故正确,不符合题意。 故选B。  
复制答案
考点分析:
相关试题推荐

下列体育运动中,有一个力的作用效果与其他三个不相同,它是( 

A.弓拉弯

B.球拦回

C.拍变形

D.杆压弯

 

查看答案

下列估计的数据与实际最相符的是( 

A.中学课桌高度约为80dm

B.中学生正常步行速度约为5m/s

C.中学生站立时对水平地面的压力约为500N

D.中学教室内的大气压约为2×105Pa

 

查看答案

阅读短文,回答问题。

空气能热水器

空气能热水器(如图甲)主要向空气要热能,具有太阳能热水器节能、环保、安全的优点,又解决了太阳能热水器依靠阳光采热和安装不便的问题。由于空气能热水器通过介质交换热量进行加热,不需要电加热元件与水接触,没有电热水器漏电的危险,也消除了燃气热水器中毒和爆炸的隐患,更没有燃油热水器排放废气造成的空气污染。空气能热水器最大的优点是节能。拿具体数据来说:30℃温差热水价格分别为:电热水器154分钱/升热水(电价042/度);燃气热水器1分钱/升热水(气2/立方米);热泵热水器是通过大量获取空气中免费热能,消耗的电能仅仅是压缩机用来搬运空气能源所用的能量,因此热效率高达380%-600%,制造相同的热水量,热泵热水器的使用成本只有电热水器的1/4,燃气热水器的1/3。空气能热水器有一个很重要的指标是能效比,它是指水箱中的水吸收的热能(Q)与压缩机等电器消耗的电能(W)的比值。能效比越高,说明热水器的制热效果越好。

空气能热水器是按照逆卡诺原理工作的,具体来说,就是室外机作为热交换器从室外空气吸热,加热低沸点工质(冷媒)并使其蒸发,冷媒蒸汽经由压缩机压缩升温进入水箱,将热量释放至其中的水并冷凝液化,随后节流降压降温回到室外的热交换器进入下一个循环。简单来说是吸收空气中的热量来加热水,被吸收热量的空气也可被运用到厨房,解决闷热问题。

某品牌两种型号空气能热水器的测定参数如下表(在环境温度20℃,进水温度20℃时测定):

型号

额定最高出水温度(

输入功率(kW

电源

热水产率(L/h)(Δt=35℃

环境温度(

A

55/60

1.2

220V/50Hz

120

-10~50

B

1.4

150

 

 

 

请回答下列问题:

(1)空气能热水器中的冷媒蒸汽被压缩机压缩升温进入________(选填“蒸发器”或“冷凝器”)将热量释放至水箱的水中,使水的温度升高;

(2)冷媒蒸汽在循环过程中,其内能的增加的方式是________

A.只有做功        B.只有热传递

C.既有做功,又有热传递     D.既不是做功,又不是热传递

(3)查表推算,B型热水器工作1h,使水箱中水获得能量是________J[水的比热容]

(4)查表推算,A型热水器的能效比为________;(结算结果取整数)

(5)B型热水器能效比与A型热水器相同,而出水温度只要求达到45℃,则它工作1h能产热水________L

 

查看答案

在测定额定电压为3.8V的小灯泡(电阻大约为10Ω)额定功率的实验中,小明连接了如图甲所示的电路,其中电源电压为6V且保持不变。

(1)用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整_________(要求:滑动变阻器的滑片向左移动时灯泡逐渐变亮,连线不得交叉);

(2)在连接电路时,若有A5Ω 1A)、B10Ω 0.5A)和C10Ω 0.2A)三个滑动变阻器可供选择,则应该选择变阻器________(选填“A”“B”或“C”)连入电路,才能保证实验顺利进行;

(3)小明连接好电路,闭合开关,发现灯泡不亮,两电表均无示数,为了查找故障,小明将电压表拆下,在开关闭合状态下,分别将电压表接在电源、滑动变阻器及开关两端,结果只有接在滑动变阻器两端时,电压表无示数,电路中只有一处故障,则下列对故障的元件判断正确的是_______ 

A.开关接头处已松脱        B.电流表短路    C.电流表断路    D.滑动变阻器断路

(4)在实验中,若电压表示数为2V,为了测量小灯泡的额定功率,必须将滑动变阻器的滑片P_______(选填“A”或“B”)端移动,当电压表的示数为38V时,此时电流表示数如图乙所示,其读数为_______A,小灯泡的额定功率为_______

(5)小明根据测量小灯泡实际功率的多组实验数据,作出图象如图丙所示。结果发现图象不是直线,这是因为____________

 

查看答案

小明探究液体内部压强特点的过程如图所示:

(1)实验前,要通过调试,使压强计U形管两边的液面__________,小明在调试时发现,用手捏金属盒的橡皮膜时,U形管中的液柱几乎不动,可能的原因是_________

(2)在实验中是通过观察U形管两边液面的__________来判断液体压强的大小变化;

(3)实验ABCD中控制不变的量是深度,这是为了探究_____

(4)比较__________两组实验的现象,得到的结论是液体的压强跟液体的密度有关;

(5)为了探究液体压强与深度的关系,通过比较____两个实验的现象,得出的结论是: _____

 

查看答案
试题属性

Copyright @ 2008-2019 满分5 学习网 ManFen5.COM. All Rights Reserved.