满分5 > 高中化学试题 >

合成氨是人类科学技术上的一项重大突破,是化学和技术对社会发展与进步的巨大贡献之一...

合成氨是人类科学技术上的一项重大突破,是化学和技术对社会发展与进步的巨大贡献之一。在制取合成氨原料气的过程中,常混有一些杂质,如CO会使催化剂中毒。除去CO的化学反应方程式(HAc表示醋酸)Cu(NH3)2Ac + CO + NH3⇌Cu(NH3)3(CO)Ac。请回答下列问题:

(1)CNO的第一电离能由大到小的顺序为________

(2)写出基态Cu+的核外电子排布式_______

(3)配合物Cu(NH3)3(CO)Ac中心原子的配位数为______

(4)写出与CO互为等电子体的阴离子______(任写一个)

(5)在一定条件下NH3CO2能合成化肥尿素[CO(NH2)2]1mol尿素分子中,σ键的数目为______

(6)已知铜的晶胞结构如图所示,则在铜的晶胞中所含铜原子数及配位数比为______

 

N>O>C 1s22s22p63s23p63d10 4 CN-、C22- 7mol或7NA 1:3 【解析】 (1)一般来说非金属性越强,第一电离能越大,但是因为p轨道半充满体系具有很强的稳定性; (2)铜原子的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d104s1 ; (3)根据化合物的化学式判断,一价铜离子有三个氨基配体和一个羰基配体,共4个配体; (4)等电子体是指价电子数和原子数相同的分子、离子或原子团,CO有10个价电子和2个原子团,其他含有10个电子和2个原子的阴离子都可以; (5)计算杂化类型时根据电子对数来判断; (6)利用均摊法计算晶胞中铜原子个数,每个晶胞中与一个顶点上铜原子距离最近的铜原子数是3,每个顶点上铜原子被8个晶胞占有,据此计算铜原子配位数。 (1)一般来说非金属性越强,第一电离能大,所以O>N>C,但是因为p轨道半充满体系具有很强的稳定性,N的p轨道本来就是半充满的,O的p轨道失去一个电子才是半充满的。所以O比N容易失去电子,第一电离能由大到小的顺序为N>O>C; (2)铜原子的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d104s1 ,故一价铜离子的核外电子排布为1s22s22p63s23p63d10; (3)一价铜离子有三个氨基配体和一个羰基配体,共4个配体; (4) 等电子体是指价电子数和原子数相同的分子、离子或原子团,CO有10个价电子和2个原子团,其他含有10个电子和2个原子的阴离子都可以,如CN−、C22-也为14个电子; (5)氮原子形成了3个σ键,同时还有一对孤电子,电子对数为3+1=4,故杂化方式为sp3,σ键的数目为3,每个亚氨基中σ键的数目2,一分子尿素中含σ键的数目为3+2×2=7,故每摩尔尿素中含有σ键的数目为7NA,; (6)每个晶胞中铜原子个数=8×+6×=4;在铜的晶胞中,顶点上的铜原子被8个晶胞占有,每个晶胞中与一个顶点上铜原子距离最近的铜原子数是3,每个面上的铜原子被2个晶胞占有,所以其配位数是3×8×=12,则在铜的晶胞中所含铜原子数及配位数比=4:12=1:3。  
复制答案
考点分析:
相关试题推荐

二氧化碳的捕集、利用与封存(CCUS)是我国能源领域的一个重要战略方向,CCUS或许发展成一项重要的新兴产业。

(1)国外学者提出的由CO2制取C的太阳能工艺如图所示:

“热分解系统”发生的反应为2Fe3O46FeO+O2,每分解lmolFe3O4转移电子的物质的量为 ___________

“重整系统”发生反应的化学方程式为____________

(2)二氧化碳催化加氢合成低碳烯烃是目前研究的热门课题,起始时以0.1MPan(H2)n(CO2)=31的投料比充入反应器中,发生反应:2CO2(g)+6H2(g)⇌C2H4(g)+4H2O(g)  △H,不同温度下平衡时的四种气态物质的物质的量如图所示:

曲线b表示的物质为 _______ (写化学式)

该反应的△H ________0 (填:“> 或“<)

(3)一种以铜作催化剂脱硫有如下两个过程:

在铜的作用下完成工业尾气中SO2的部分催化氧化,所发生反应为:2SO2+2n Cu+(n+1)O2+(2-2n)H2O═2n CuSO4+(2-2n)H2SO4。从环境保护的角度看,催化脱硫的意义为____;每吸收标准状况下11.2L SO2,被SO2还原的O2的质量为 _____g

利用如图所示电化学装置吸收另一部分SO2,并完成Cu的再生。写出装置内所发生反应的离子方程式______

 

查看答案

实验室用硼镁泥为原料制取MgSO4·7H2O粗产品的过程如下:

硼镁泥的主要成分如下表:

MgO

SiO2

FeOFe2O3

CaO

Al2O3

B2O3

30%40%

20%25%

5%15%

2%3%

1%2%

1%2%

 

 

(1)“酸解时为提高Mg2的浸出率,可采用的措施是_____(写一种)。所加酸不宜过量太多的原因是_____

(2)“氧化步骤中,若用H2O2代替Ca(ClO)2,则发生反应的离子方程式为______________。实际未使用H2O2,除H2O2成本高外,还可能的原因是______________________________________

(3)“pH”时用MgO而不用NaOH溶液的原因是________________________

(4)结合附表信息,由MgSO4·7H2O粗产品(含少量CaSO4)提纯获取MgSO4·7H2O的实验方案如下:将粗产品溶于水,_________________________________________________,室温下自然挥发干燥。(实验中必须使用的试剂有:饱和MgSO4溶液,乙醇)附:两种盐的溶解度(g/100 g)

温度

10

30

40

50

CaSO4

0.19

0.21

0.21

0.20

MgSO4·7H2O

30.9

35.5

40.8

45.6

 

 

 

 

查看答案

工厂化验员检验某含有KBrO3KBr及惰性物的样品。化验员称取了该固体样品1.000 g,加水溶解后配成100 mL溶液X

Ⅰ. 25.00 mL溶液X,加入稀硫酸,然后用Na2SO3BrO还原为Br

Ⅱ. 去除过量的SO后调至中性;

Ⅲ. 加入K2CrO4作指示剂,用0.100 0 mol·L1AgNO3标准溶液滴定Br至终点,消耗    AgNO3标准溶液11.25 mL

Ⅳ. 另取25.00 mL溶液X,酸化后加热,再用碱液调至中性,测定过剩Br,消耗上述AgNO3标准溶液3.75  mL

已知:①25 ℃时,Ag2CrO4(砖红色)Ksp1.12×1012AgBr(浅黄色)Ksp5.0×

1015

中酸化时发生反应:BrO5Br6H=== 3Br23H2O

请回答:

1)步骤中,反应的离子方程式为________________________________

2)步骤中,滴定终点的现象为_____________________________________________ 

3)步骤中,加热的目的是________________________

4)计算试样中KBrO3质量分数。(写出计算过程,结果保留3位有效数字)_______________

 

查看答案

麻黄素是中枢神经兴奋剂,其合成路线如图所示。

(1)F中的含氧官能团名称为 ________________

(2)E的结构简式为 _______

(3)写出B-C的反应类型:_______

(4)请写出同时满足下列条件的F的一种同分异构体的结构简式________

①能发生银镜反应;②水解产物能与FeCl3显色:③核磁共振氢谱显示有四组峰。

(5)请写出以乙醇为原料制备强吸水性树脂  的合成路线流程图________(可选择题干中相关试剂,无机试剂任选,合成路线流程图示例见本题题干)

 

查看答案

以镍矿粉(主要成分为NiS,杂质FeSCuSSiO2)为原料可制备NiCO3

已知NiFe为变价金属,常见化合价为+2价、+3价。

1在酸浸过程中,CuS与稀HNO3反应生成淡黄色固体,其离子方程式为___________________,滤渣的主要成分为________________________

2在除FeS时,需加入过量的H2O2氧化,若用过强的氧化剂,其可能的后果是_______________;反应完全后,除去多余H2O2的简便方法是______________________

3沉镍工艺中,若将含Ni2+溶液缓慢加入至盛有Na2CO3溶液的反应容器中,可能会形成杂质,其原因是_______________________(用离子方程式表示)。检验碳酸镍沉淀完全的方法是__________________

 

查看答案
试题属性

Copyright @ 2008-2019 满分5 学习网 ManFen5.COM. All Rights Reserved.