满分5 > 高中化学试题 >

元素A、B、C、D、E的原子序数依次增大,且均小于36。A的基态原子2p能级有3...

元素ABCDE的原子序数依次增大,且均小于36A的基态原子2p能级有3个单电子;C的基态原子2p能级有1个单电子;D的价电子数为2且与E同周期;E的基态原子的内部各能层均排满,且4s能级有1个单电子。回答下列问题:

(1)基态E原子的价电子排布式为____________________

(2)ABC三种元素第一电离能由大到小的顺序为___________(用元素符号表示)。

(3)A的单质分子互为等电子体的分子和离子分别是________(用分子和离子符号表示)。AB2的空间构型为___________,其中A原子的杂化类型是_______________

(4)B元素简单氢化物的沸点是同族元素中最高的,原因是_____________

(5)向含E元素的硫酸盐溶液中加入过量氨水,可得到深蓝色透明溶液。向溶液中加人乙醇,将析出深蓝色晶体。该晶体的化学式为[Cu(NH3)4]SO4∙H2O晶体中阳离子的结构式为____________

(6)CD形成化合物的晶胞结构如图所示,已知晶体的密度为ρg/cm,阿伏加德罗常数为NA,则晶胞边长a=______________cm(用含ρNA的计算式表示)。

 

3d104s1 F>N>O CO和CN-(或C22-) 平面三角形 sp2 B的氢化物为H2O,水分子间存在氢键 【解析】 元素A、B、C、D、E的原子序数依次增大,且均小于36。A的基态原子2p能级有3个单电子,原子核外电子排布为1s22s22p3,则A是N元素;C的基态原子2p能级有1个单电子,且C的原子序数大于A,其原子核外电子排布为1s22s22p5,所以C是F元素,结合原子序数可推知B是O元素;E的基态原子的内部各能层均排满,且4s能级有1个单电子,且原子序数小于36,则E处于第四周期,其基态原子的价电子排布式[Ar]3d104s1,则E是Cu元素;D与E同周期,价电子数为2,则D是Ca元素,据此解答。 (1)依据分析可知E是铜元素,根据构造原理知,其基态原子的价电子排布式[Ar]3d104s1,故基态Cu原子的价电子排布式为:3d104s1; (2)同一周期中,元素的第一电离能随着原子序数的增大而增大,但第VA族元素第一电离能大于第VIA族元素,所以A、B、C三元素第一电离能由大到小的顺序为F>N>O; (3)A是N元素,A的单质分子为氮气(N2),2个原子构成,价电子数为10,互为等电子体的分子和离子分别是CO和CN-或C22-;AB2构成的物质为NO2,N原子的成键电子对数为2,孤电子对数=×(5-2×2)=0.5,计算出来的孤电子对不是整数,这时应当作1来对待,因为,单电子也要占据一个孤对电子轨道,NO2的价层电子对=2+1,所以NO2的VSEPR模型为平面三角形,N原子的杂化类型是sp2杂化; (4)B是O元素,O元素的氢化物的沸点是同族元素中最高的,是因为水分子间能形成氢键导致其沸点最高; (5)晶体的化学式为[Cu(NH3)4]SO4∙H2O,晶体中铜离子与NH3之间的化学键为配位键,结构式为; (6)C是F元素,D是Ca元素,F和Ca形成的化合物为CaF2,由晶胞结构可知,晶胞中白色球数目=8、黑色球数目=8×+6×=4,白色小球为F,白色大球为Ca,则晶胞质量=,晶胞的体积为:a3=cm3,所以该晶胞边长a=cm。  
复制答案
考点分析:
相关试题推荐

丙烯是一种重要的有机化工原料,用于制丙烯腈、环氧丙烷、丙酮等。回答下列问题:

(1)已知:

I.C3H8(g)C3H6(g)+H2(g)  H1=+124kJ/mol

II.2H2(g)+O2(g)=2H2O(g)  H2=-484kJ/mol

则丙烷氧化脱氢制丙烯反应2C3H8(g)+O2(g)2C3H6(g)+2H2O(g)H_________kJ/mol

(2)我国学者结合实验与计算机模拟结果,研究了丙烷在六方氮化硼催化剂表面氧化脱氢制丙烯的反应历程如图所示,其中吸附在催化剂表面的物种用*标注。

①该反应历程中决速步骤的能垒(活化能)为_________eV,该步骤的化学方程式为________

②请补充该历程之后可能发生的化学反应方程式_____________

(3)已知丙烷氧化脱氢容易发生副反应:2C3H8(g)+O2(g)3C2H4(g)+2H2O(g)如图所示是丙烷氧化脱氢制丙烯反应达到平衡时丙烷转化率与丙烯选择性随温度变化的曲线[丙烯的选择性=n=×100]

①丙烯的选择性随着温度的升高而降低的可能原因有_________

②在反应温度为600℃,将C3H8O2以体积比为1:1充入刚性容器中,达到平衡时,丙烷的转化率为40%,丙烯的选择性也为40%,体系总压强为pkPa,则氧气的转化率(O2)=______________丙烯的分压p(C3H8)=____________(结果保留2位有效数字)。

 

查看答案

三氧化二镍(Ni2O3)是一种重要的电子元件材料和蓄电池材料。工业上利用含镍废料(镍、铁、钙、镁合金为主)制取草酸镍(NiC2O4·2H2O),再高温煅烧草酸镍制取Ni2O3.已知草酸的钙、镁、镍盐均难溶于水。工艺流程图如图所示:

回答下列问题:

(1)“操作I”酸浸,为了提高酸浸的效率,可以采取的措施为__________(写出两条)。

(2)加入H2O2发生的主要反应的离子方程式为________________

(3)加入碳酸钠溶液调pH4.0~5.0,其目的是___________________

(4)将草酸镍(NiC2O4·2H2O)在热空气中干燥脱水,再采用高温煅烧,可制得Ni2O3,同时获得混合气体,该混合气体的主要成分为水蒸气和_________________

(5)工业上还可用电解法制取Ni2O3NaOH溶液调 NiCl2,溶液的pH7.5,加入适量Na 2SO4后利用惰性电极电解。电解过程中产生的Cl2,有80%在弱碱性条件下生成CIO-,再把二价镍氧化为三价镍。CIO-氧化Ni(OH)2生成Ni2O3的离子方程式为_______________________amol二价镍全部转化为三价镍时,外电路中通过电子的物质的量为_______mol.

(6)AlNiO(OH)为电极,NaOH溶液为电解液组成原电池,放电时NiO(OH)转化为Ni(OH)2,则放电时负极的电极反应式为_______________

 

查看答案

某学习小组按如下实验流程探究海带中碘含量的测定和碘的制取。

(实验一)碘含量的测定。取0.0100mol/LAgNO3标准溶液装入滴定管,取100.00mL海带浸取原液至滴定池,用电势滴定法测定碘含量。测得的电动势(E)反映溶液中c(I-)的变化,部分数据如下表:

V(AgNO3)/mL

15.00

19.00

19.80

19.98

20.00

20.02

21.00

23.00

25.00

E/mV

-225

-200

-150

-100

50.0

175

275

300

325

 

 

回答下列问题:

(1)实验中灼烧是在__(填仪器名称)中完成的。

(2)用文字具体描述定容过程:__

(3)根据表中数据判断滴定终点时用去AgNO3溶液的体积为__mL,计算得海带中碘的质量百分含量为__%。

(实验二)碘的制取。另制海带浸取原液,甲、乙两种实验方案如下:

已知:3I2+6NaOH=5NaI+NaIO3+3H2O

(4)“适量O2中能代替O2的最佳物质对应的电子式为__

(5)若要测定“I2+水溶液中碘的含量,可以选择__作指示剂,用Na2S2O3溶液滴定,滴定终点的现象是__

(6)若得到“I2+水溶液时加入硫酸溶液过多,用Na2S2O3溶液滴定时会产生明显的误差,产生此误差的原因为__(用离子方程式表示)

 

查看答案

在室温下,向25 mL 0.1 mol/L NaOH溶液中逐滴加入0.2mol/L CH3COOH溶液,曲线如图所示。下列说法中正确的是

A.b点的溶液中:m12.5,且有c(Na+)=c(CH3COO-)=c(OH-)=c(H+)

B.c点的溶液中:c(CH3COO-)c(Na+)c(OH-)c(H+)

C.d点的溶液中:c(CH3COO-)+c(CH3COOH)=2c(Na+)

D.ab的溶液中一定都有:c(Na+)c(CH3COO-)c(OH-)c(H+)

 

查看答案

利用固体氧化物电解池(SOEC)可实现乙烷电化学脱氢制乙烯,原理示意图如下所示。下列说法错误的是

A.X 是电源的正极

B.该装置在工作过程中,O2-在固体氧化物中由下方向上方迁移

C.阴极区发生的反应为:CO2+2e-+2H+=CO+H2O

D.该过程的总反应方程式为:C2H6+CO2=C2H4+CO+H2O

 

查看答案
试题属性

Copyright @ 2008-2019 满分5 学习网 ManFen5.COM. All Rights Reserved.