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甲醇耐高温、易存储热值高、节能环保,可做燃料,又是重要的化工原料。科学家用太阳能...

甲醇耐高温、易存储热值高、节能环保,可做燃料,又是重要的化工原料。科学家用太阳能分解水生成的氢气在催化剂作用下与反应生成甲醇。已知:的燃烧热H分别为。请回答下列问题:

(1)用太阳能分解水消耗的能量是________

(2)甲醇不完全燃烧生成一氧化碳和液态水的热化学方程式为________

(3)催化加氢合成甲醇(反应Ⅱ)中伴随着反应Ⅰ的发生:

反应Ⅰ:

反应Ⅱ:

在恒压、的起始量一定的条件下,平衡转化率和平衡时的选择性随温度的变化如图。其中:的选择性

①温度高于300℃,平衡转化率随温度升高而上升的原因是_________

220℃时,在催化剂作用下反应一段时间后,测得的选择性为48%(图中A)。不改变反应时间和温度,一定能提高选择性的措施有_________________(写出两点)

(4)在体积为的密闭容器中充入发生反应Ⅱ,到平衡时氢气的转化率为25%,求该反应的平衡常数K=________(结果保留二位有效数字)

(5)研究证实,也可在硫酸溶液中用惰性电极电解生成甲醇,生成甲醇的电极反应式为__________,另一极电解产物是________________

 

571.6 反应Ⅰ的,反应Ⅱ的,温度升高使转化为的平衡转化率上升,使转化为的平衡转化率下降,且上升幅度超过下降幅度 增大压强,使用对反应Ⅱ催化活性更高的催化剂 0.0062 【解析】 (1)氢气的燃烧热可知水分解吸收的能量,然后利用化学计量数与反应热的关系来计算; (2)CO和CH3OH的燃烧热概念先书写热方程式,再利用盖斯定律来分析甲醇不完全燃烧生成一氧化碳和液态水的热化学方程式; (3)①根据题干信息,反应Ⅰ的,反应Ⅱ的,分析温度对反应Ⅰ和反应Ⅱ的平衡移动情况即可; ②根据的选择性的定义,温度不能改变,只能改变压强和浓度,分析增大H2的浓度和增大压强,对反应Ⅰ和反应Ⅱ平衡的影响,也可通过催化剂的选择性来控制反应Ⅱ和反应Ⅰ的发生; (4)根据题干信息,进行三段式计算可知: ,代入平衡常数表达式求出该反应的平衡常数; (5)分析该过程中碳的化合价由+4价降低为-2价发生还原反应,故生成甲醇在阴极上发生,且电解质是硫酸溶液,故其电极反应式为,另一极即阳极,阳极发生氧化反应,故电极方程式为: ,故电解产物为O2。 Ⅰ.(1)由H2(g)的燃烧热△H为-285.8kJ•mol-1知,1molH2(g)完全燃烧生成1molH2O(l)放出热量285.8kJ,即分解1mol H2O(l)为1mol H2(g)消耗的能量为285.8kJ,则分解2mol H2O(l)消耗的能量为285.8kJ×2=571.6kJ,故答案为:571.6 kJ; (2)由CO(g)和CH3OH(l)的燃烧热△H分别为-283.0kJ•mol-1和-726.5kJ•mol-1,则 ①CO(g)+1/2O2(g)=CO2(g)△H=-283.0kJ•mol-1 ②CH3OH(l)+3/2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l)△H=-726.5kJ•mol-1 由盖斯定律可知用②-①得反应CH3OH(l)+O2(g)=CO(g)+2 H2O(l),该反应的反应热△H=-726.5kJ•mol-1-(-283.0kJ•mol-1)=-443.5kJ•mol-1, 故答案为:CH3OH(l)+O2(g)=CO(g)+2 H2O(l)△H=-443.5kJ•mol-1; (3)①由题干可知:反应Ⅰ的,故温度升高使转化为的平衡转化率上升;而反应Ⅱ的,故温度升高使转化为的平衡转化率下降,但由于上升幅度超过下降幅度,最终导致CO2的平衡转化率上升,故答案为:反应Ⅰ的,反应Ⅱ的,温度升高使转化为的平衡转化率上升,使转化为的平衡转化率下降,且上升幅度超过下降幅度; ②根据的选择性的定义,想提高其选择性,应该使得平衡向生成更多CH3OH的方向移动,温度不能改变,只能改变压强和浓度,若增大H2的浓度,反应Ⅰ也向正向移动,故CH3OH的选择性不一定提高,但是增大压强,反应Ⅰ平衡不移动,反应Ⅱ平衡正向移动,故CH3OH的选择性一定提高,同时也可通过改变催化剂来控制反应Ⅱ和反应Ⅰ的发生,寻找一种对反应Ⅱ催化活性更高的催化剂来提高其选择性,故答案为:增大压强,使用对反应Ⅱ催化活性更高的催化剂; (4)在体积为的密闭容器中充入和发生反应Ⅱ,到平衡时氢气的转化率为25%,根据三段式计算可知: ,该反应的平衡常数,故答案为:0.0062; (5)研究证实,也可在硫酸溶液中用惰性电极电解生成甲醇,该过程中碳的化合价由+4价降低为-2价发生还原反应,故生成甲醇在阴极上发生,且电解质是硫酸溶液,故其电极反应式为,另一极即阳极,阳极发生氧化反应,故电极方程式为: ,故电解产物为O2,故答案为:,O2。
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二氧化铈()是一种重要的稀土化合物。以氟碳铈矿(主要含)为原料制备的一种工艺流程如图:

已知:①能与结合成,也能与结合成;②在硫酸体系中能被萃取剂萃取,而不能。回答:

(1)“氧化培烧前需将矿石粉碎成细颗粒,其目的是_________

(2)“酸浸中会产生大量黄绿色气体,写出与盐酸反应的离子方程式:____________;为避免产生上述污染,解决方案为__________

(3)“萃取时存在反应:。实验室中萃取时要用到的主要玻璃仪器名称为__________;图中D是分配比,表示()分别在有机层中与水层中存在形式的物质的量浓度之比。保持其它条件不变,在起始料液中加入不同量的以改变水层中的D随起始料液中变化的原因:_____________。在的条件下,取含四价铈总浓度为的酸浸液,向其中加入萃取剂,充分振荡,静置,水层中_________(结果保留二位有效数字)

(4)“反萃取中,在稀硫酸和的作用下转化为在该反应中作用与下列反应中的作用相同的是________

A.处理含酸性重铬酸钾的废水    

B.和二氧化锰混合制氧气

C.与氧化钙制过氧化钙    

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(5)“氧化步骤的化学方程式为:___________

(6)取上述流程中得到的产品,加硫酸溶解后,用溶液滴定至终点时(铈被还原为,其他杂质均不反应,为无色),用标准酸性溶液滴定过量的,消耗标准溶液。该产品中的质量分数为________

 

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室温下,用滴定管量取一定体积的浓氯水置于锥形瓶中,用溶液以恒定速度来滴定,根据测定结果绘制出等离子的物质的量浓度c与时间t的关系曲线如下。下列说法正确的是(    )

A.溶液和浓氯水可以使用同种滴定管盛装

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短周期主族元素XYZW,已知X的某种氢化物可使溴的四氯化碳溶液褪色,X原子电子占据2个电子层;Y广泛作电池材料且单位质量的金属提供电子数目最多;实验室可用Z的氢化物的浓溶液和固体在常温下制备Z的单质;向含W元素的含氧酸钠盐溶液中通入X的氧化物,观察到沉淀质量(m)X的氧化物体积(V)关系如图所示。下列说法正确的是(    )

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B.X的含氧酸的酸性可能比Z的含氧酸的酸性强

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燃煤烟气中的可用连二亚硫酸根()为媒介处理使其转化为,其原理如图所示。下列说法正确的是(    )

A.燃煤烟气中的处理仅利用的是电解原理

B.阴极区的电极反应式为

C.若通电过程中吸收(标准状况下),则阳极可以产生气体

D.反应一段时间后,

 

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下列实验不能达到实验目的的是(    )

选项

A

B

C

D

装置

目的

蒸发溶液获得晶体

煤的干馏并验证部分产物

制取二氧化硫气体

探究乙醇的催化氧化

 

 

 

A.A B.B C.C D.D

 

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