Question

某种雌雄异株（XY型）的二倍体高等植物，该植物具有一定的观赏价值，花色有橙色、红色、黄色、白色4种。基因A控制红色物质合成，基因B控制黄色物质合成，其中有一对等位基因在性染色体上。通过正交、反交实验得到下表的交配结果，其遗传机理如图所示。

交配方式	父本	母本	子代
正交	百色花	橙色花	雌雄全为橙色花
反交	橙色花	白色花	雌橙色花，雄红色花

（1）据图可知A-a，B-b基因可以通过控制      的合成来控制代谢过程，进而控制生物的性状。

（2）该植株控制      色的基因位于X染色体上，亲本中橙色雄株和白色雌株的基因型分别是         。

（3）现有花色为橙色、红色、黄色、白色4种纯和植株，请你设计杂交方案，通过亲本杂交的F₁，F₁相互交配得F₂，使F₂雌雄植株均出现4种花色。

①你选择的杂交亲本的表现型是           （标注雌雄）。

②子一代植株仅花色的表现型及比例是          。

③子二代雌株中纯合子所占比例是          。

Answer

（11分）

（1）酶（1分）

（2）黄（2分） AAXBXB aaXbY（2分）

（3）①白色雌性和橙色雄性（或红色雌性和黄色雄性）（2分）②橙色：红色=1:1（2分）③1/4（2分）

【解析】（1）由图可知基因A和B是通过控制酶的合成控制代谢过程进而控制生物体的性状。

（2）分析基因型和表现型的关系，白色应是aabb，红色A-bb，紫色A-B-，黄色aaB-，分析正反交结果，正交的亲本应是aaXbY和AAXBXB,，反交亲本应是AAXBY和aaXbXb，故应是控制黄色的位于X染色体上，本中橙色雄株和白色雌株的基因型分别是AAXBXB 和aaXbY。

（3）因为F2雌雄出现4种表现型，所以F2中应有XBXB、XbXb、XBY和XbY，因此应选用白色雌性aaXbXb和橙色雄性AAXBY，（或红色雌性和黄色雄性），子一代是AaXBXb和AaXbY。分析可知子一代中应是橙色：红色=1:1。子二代中雌株纯合子的比例是1/2*1/2=1/4．

【考点定位】本题考查基因自由组合定律和伴性遗传相关知识，意在考察考生对知识点的理解掌握和分析应用能力。

【名师点睛】技法提炼：

由基因互作引起特殊比例改变的解题技巧

解题时可采用以下步骤进行：①判断双杂合子自交后代F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，则符合自由组合定律。②利用自由组合定律的遗传图解，写出双杂合子自交后代的性状分离比（9∶3∶3∶1），根据题意将具有相同表现型的个体进行“合并同类项”，如12∶3∶1即（9＋3）∶3∶1，12出现的原因是前两种性状表现一致的结果。③根据②的推断确定F2中各表现型所对应的基因型，推断亲代基因型及子代各表现型个体出现的比例。