Question

（Ⅰ）已知函数f（x）=lnx-x+1，x∈（0，+∞），求函数f（x）的最大值；
（Ⅱ）设a₁，b₁（k=1，2…，n）均为正数，证明：
（1）若a₁b₁+a₂b₂+…a_nb_n≤b₁+b₂+…b_n，则…≤1；
（2）若b₁+b₂+…b_n=1，则≤…≤b₁²+b₂²+…+b_n²．

Answer

（Ⅰ）求导，令导数等于零，解方程，分析该零点两侧导函数的符号，确定函数的单调性和极值，最终求得函数的最值；
（Ⅱ）（1）要证…≤1，只需证ln≤0，根据（I）和∵ak，bk（k=1，2…，n）均为正数，从而有lnak≤ak-1，即可证明结论；（2）要证≤…，根据（1），令ak=（k=1，2…，n），再利用分数指数幂的运算法则即可证得结论；要证…≤b12+b22+…+bn2，记s=b12+b22+…+bn2．令ak=（k=1，2…，n），同理可证．
【解析】
（I）f（x）的定义域为（0，+∞），
令f′（x）=-1=0，解得x=1，
当0＜x＜1时，f′（x）＞0，所以f（x）在（0，1）上是增函数；
当x＞1时，f′（x）＜0，所以f（x）在（1，+∞）上是减函数；
故函数f（x）在x=1处取得最大值f（1）=0；

（II）（1）由（I）知，当x∈（0，+∞）时，有f（x）≤f（1）=0，即lnx≤x-1，
∵ak，bk（k=1，2…，n）均为正数，从而有lnak≤ak-1，
得bklnak≤akbk-bk（k=1，2…，n），
求和得≤a1b1+a2b2+…+anbn-（b1+b2+…+bn）
∵a1b1+a2b2+…anbn≤b1+b2+…bn，
∴≤0，即ln≤0，
∴…≤1；

（2）先证≤…，
令ak=（k=1，2…，n），则a1b1+a2b2+…+anbn=1=b1+b2+…bn，
于是由（1）得≤1，即≤nb1+b2+…bn=n，
∴≤…，
②再证…≤b12+b22+…+bn2，
记s=b12+b22+…+bn2．令ak=（k=1，2…，n），
则a1b1+a2b2+…+anbn=（b12+b22+…+bn2）=1=b1+b2+…bn，
于是由（1）得≤1，
即…≤sb1+b2+…bn=s，
∴…≤b12+b22+…+bn2，
综合①②，（2）得证．