Question

（1）已知函数（其中a为常数），求函数f（x）的单调区间；
（2）求证：不等式在0＜x＜1上恒成立．

Answer

（1）先求函数的定义域，然后求出导函数，讨论a的正负，再结合导函数的符号可得函数f（x）的单调区间；
（2）用分析法进行证明，要证明：在（0，1）上成立，只需证：，在（0，1）上恒成立，设，然后利用导数研究函数g（x）在（0，1）上单调性，可得结论．
【解析】
（1）由知定义域：{x|x＞-1}
对f（x）求导得：
①在a≤0时，有x+1-a＞0恒成立．故f（x）＞0
故此时f（x）在（-1，+∞）上单调递增
②在a＞0时，由f'（x）=0知x=a-1

x （-1，a-1） a-1 （a-1，+∞）
f'（x） - +
f（x） ↓ 极小值 ↑

故在a＞0时，f（x）在（-1，a-1）上为减函数，在[a-1，+∞）上为增函数．
因此函数在a≤0时，在（-1，+∞）上单调递增；在a＞0时，f（x）在（-1，a-1）上为减函数，在[a-1，+∞）上为增函数．…（5分）
（2）要证明：在（0，1）上成立．
只需证：，在（0，1）上恒成立
设
则=
由（1）可知a=1，f（x）在x=0时取到最小值
有，在x＞0时恒成立．
从而可知g'（x）＞0，故g（x）在（0，1）上为增函数∴g（x）＞g（0）=0
即：恒成立，从而原不等式得证．…（12分）