Question

定义函数
（1）求f₃（x）的极值点；
（1）求证：f_n（x）≥nx；
（2）是否存在区间[a，0]（a＜0），使函数h（x）=f₃（x）-f₂（x）在区间[a，0]上的值域为[k-a，0]？若存在，求出最小的k值及相应的区间[a，0]，若不存在，说明理由．

Answer

（1）由函数，知，由此能求出f3（x）的极值点．
（2）fn（x）-nx=（1+x）n-1-nx，令g（x）=（1+x）n-1-nx，则g′（x）=n[（1+x）n-1-1]．由此利用导数性质能够证明fn（x）≥nx．
（3）由h（x）=f3（x）-f2（x）=x（1+x）2，知h′（x）=（1+x）2+2x（1+x）=（1+x）（1+3x），令h′（x）=0，得x=-1，x=-．由此利用分类讨论思想能求出知k的最小值及本应的[a，0]．
【解析】
（1）∵函数，
∴，
∴，
令，得x=-1，
∵定义域（-2，+∞），∴列表讨论，得：

x （-2，-1） -1 （-1，+∞）
f′（x） - +
f（x） 递减 极小值 递增

∴x=-1为极小值点，无极大值点．…（3分）
（2）证明：fn（x）-nx=（1+x）n-1-nx，
令g（x）=（1+x）n-1-nx，
则g′（x）=n[（1+x）n-1-1]．
令g′（x）=0，得x=0．…（5分）
当x∈（-2，-1）时，-1＜1+x＜0，n为奇数时，（1+x）n＜1；
当x∈[-1，0）时，0≤+x＜1，0＜（1+x）n＜1，
∴x∈（-2，0）时，（1+x）n＜1，故g′（x）=n[（1+x）n-1-1]＜0，
函数g（x）单调递减；
而x∈（0，+∞），（1+x）n＞1，故g′（x）=n[（1+x）n-1-1]＞0，
函数g（x）单调递增；
∴g（x）在x=0处取得最小值g（0）=0．
∴g（x）≥0，即fn（x）≥nx．（当且仅当x=0时取等号）．…10
（3）h（x）=f3（x）-f2（x）=x（1+x）2，

h′（x）=（1+x）2+2x（1+x）=（1+x）（1+3x），
令h′（x）=0，得x=-1，x=-．
∴当x∈（-2，-1）时，h′（x）＞0；
当x∈（-1，-）时，h′（x）＜0；
当x∈（-，+∞）时，h′（x）＞0．故h（x）的草图如图所示．
在-≤a＜0时，h（x）min=h（a）=ka，∴k=（1+a）2．
②在-时，h（x）min=h（-）=-=ka，y=-，，
③在a≤-时，h（x）min=h（a）=a（1+a）2=ka．
∴k=（1+a）2≥，a=-时取等号．
综上讨论可知k的最小值为，此时[a，0]=[-，0]．…（14分）