Question

已知函数，其中n∈N^*，a为常数．
（Ⅰ）当n=2时，求函数f（x）的极值；
（Ⅱ）当a=1时，证明：对任意的正整数n，当x≥2时，有f（x）≤x-1．

Answer

（1）欲求：“当n=2时，”的极值，利用导数，求其导函数的零点及单调性进行判断即可；
（2）欲证：“f（x）≤x-1”，令，利用导函数的单调性，只要证明函数f（x）的最大值是x-1即可．
【解析】
（Ⅰ）【解析】
由已知得函数f（x）的定义域为{x|x＞1}，
当n=2时，，所以．
（1）当a＞0时，由f'（x）=0得，，
此时．
当x∈（1，x1）时，f'（x）＜0，f（x）单调递减；
当x∈（x1，+∞）时，f'（x）＞0，f（x）单调递增．
（2）当a≤0时，f'（x）＜0恒成立，所以f（x）无极值．
综上所述，n=2时，
当a＞0时，f（x）在处取得极小值，极小值为．
当a≤0时，f（x）无极值．
（Ⅱ）证法一：因为a=1，所以．
当n为偶数时，
令，
则（x≥2）．
所以当x∈[2，+∞）时，g（x）单调递增，
又g（2）=0，
因此恒成立，
所以f（x）≤x-1成立．
要证f（x）≤x-1，由于，所以只需证ln（x-1）≤x-1，
令h（x）=x-1-ln（x-1），
则（x≥2），
所以当x∈[2，+∞）时，h（x）=x-1-ln（x-1）单调递增，又h（2）=1＞0，
所以当x≥2时，恒有h（x）＞0，即ln（x-1）＜x-1命题成立．
综上所述，结论成立．
证法二：当a=1时，．
当x≥2时，对任意的正整数n，恒有，
故只需证明1+ln（x-1）≤x-1．
令h（x）=x-1-（1+ln（x-1））=x-2-ln（x-1），x∈[2，+∞），
则，
当x≥2时，h'（x）≥0，故h（x）在[2，+∞）上单调递增，
因此当x≥2时，h（x）≥h（2）=0，即1+ln（x-1）≤x-1成立．
故当x≥2时，有．
即f（x）≤x-1．