(1)根据an+1=2Sn+1(n∈N*),类比可得an=2Sn-1+1(n≥2,n∈N*),两式相减即可得到结论;
(2)确定数列的通项,利用错位相减法,可求数列{bn}的前n项和Tn;
(3)确定C1C2=-1<0,n≥2时,Cn>0,即可得到结论.
【解析】
(1)由已知得an+1=2Sn+1,an=2Sn-1+1(n≥2,n∈N*),
两式相减得an+1-an=2(Sn-Sn-1)=2an,即an+1=3an(n≥2,n∈N*).
又a2=2S1+1=2a1+1=3=3a1,所以a1=1
所以数列{an}是以1为首项,公比为3的等比数列;
(2)由(1)得,
∴bn=nan=n•3n-1
∴Tn=1+2•3+3•32+…+n•3n-1,
∴3Tn=1•3+2•32+…+(n-1)•3n-1+n•3n,
两式相减可得:-2Tn=1+3+32+…+3n-1-n•3n,
∴Tn=;
(3)由(2)知,bn=n•3n-1,
∵
∴,∴C1C2=-1<0
∵Cn+1-Cn==>0
∵>0,∴n≥2时,Cn>0
∴数列{cn}的“积异号数”为1.