Question

已知函数f（x）=alnx-ax-3（a∈R，a≠0）．
（Ⅰ）求函数f（x）的单调区间；
（Ⅱ）若函数y=f（x）的图象在点（2，f（2））处的切线的倾斜角为，问：m在什么范围取值时，对于任意的t∈[1，2]，函数在区间[t，3]上总存在极值？
（Ⅲ）当a=2时，设函数，若在区间[1，e]上至少存在一个x，使得h（x）＞f（x）成立，试求实数p的取值范围．

Answer

（Ⅰ）求出f′（x）对a分类讨论，由f′（x）＞0时，得到函数的递增区间；令f′（x）＜0时，得到函数的递减区间；
（Ⅱ）因为函数y=f（x）的图象在点（2，f（2））处的切线的倾斜角为45°，得到f′（2）=1求出a的值代入到g（x）=中化简，求出导函数，因为函数在[t，3]上总存在极值得到 g′（t）＜0，g′（3）＞0 解出m的范围记即可；
（Ⅲ）F（x由题意构建新函数F（x））=f（x）-g（x），这样问题转化为使函数F（x）在[1，e]上至少有一解的判断．
【解析】
（Ⅰ）∵f′（x）=-a=a（）（x＞0），
∴（1）当a＞0时，令f′（x）＞0时，解得0＜x＜1，所以f（x）在（0，1）递增；
令f′（x）＜0时，解得x＞1，所以f（x）在（1，+∞）递减．
当a＜0时，f′（x）=-a（），令f′（x）＞0时，解得x＞1，所以f（x）在（1，+∞）递增；
令f′（x）＜0时，解得0＜x＜1，所以f（x）在（0，1）递减；
（Ⅱ）因为函数y=f（x）的图象在点（2，f（2））处的切线的倾斜角为45°，
所以f′（2）=1，所以a=-2，f′（x）=-+2，
g（x）=x3+x2[+f′（x）]=x3+x2[+2-]=x3+（2+）•x2-2x，
∴g′（x）=3x2+（4+m）x-2，
因为对于任意的t∈[1，2]，函数g（x）=x3+x2[+f′（x）]在区间[t，3]上总存在极值，
所以只需 g′（2）＜0 g′（3）＞0，解得-＜m＜-9；
（Ⅲ）∴令F（x）=h（x）-f（x）=（p-2）x--3-2lnx+2x+3=px---2lnx，
①当p≤0时，由x∈[1，e]得px-≤0，--2lnx＜0．
所以，在[1，e]上不存在x，使得h（x）＞f（x）成立；
②当p＞0时，F′（x）=，
∵x∈[1，e]，
∴2e-2x≥0，px2+p＞0，F′（x）＞0在[1，e]上恒成立，故F（x）在[1，e]上单调递增．
∴F（x）max=F（e）=pe--4．
故只要pe--4＞0，解得p＞．所以p的取值范围是[，+∞）．