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使用“弹簧式角速度测量仪”可以测量运动装置自转时角速度的大小,其结构示意图如图所...

使用“弹簧式角速度测量仪”可以测量运动装置自转时角速度的大小,其结构示意图如图所示.将测量仪固定在待测装置上,当装置绕竖直固定轴OO′转动时,与轻弹簧相连的小球A可在光滑绝缘细杆BC上滑动,同时带动连接在A上的滑动变阻器的动触片P在与BC平行的电阻丝MN上滑动,使得电压表V的示数U随装置转动的角速度ω发生变化,据此可测出待测装置的角速度ω的大小.
已知:小球A的质量为m;弹簧的原长为x、劲度系数为k;电阻MN粗细均匀、长度为L、阻值为R;电压表V通过两根导线分别接在电阻丝MN的中点Q和动触片P上,电阻丝MN的两端接在电压为U的直流稳压电源上.闭合开关后S测量仪器即可工作.若不计导线和动触片P的电阻、以及导线对动触片P的影响,忽略动触片P和电阻MN之间的摩擦,且电压表视为理想电表.装置静止时,动触片P与Q(导线和电阻的连接点)重合.
(1)试推导:待测装置自转的角速度ω与电压表V的示数U之间的关系式.
(2)用该测量仪能测量的自转角速度的最大值ωm是多少?

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(1)对于小球,根据弹力提供向心力列式;对于电路,根据闭合电路欧姆定律列式求解出电压表达式;最后联立得到角速度ω与电压表V的示数U之间的关系式; (2)当角速度达到最大时,电压表读数为电源电压的一半,同时弹簧行变量最大,代入第一问即可. 【解析】 (1)设待测装置自转的角速度为ω时,弹簧伸长量为x,电压表V的示数为U,小球A做圆周运动的半径为 r=x+x,弹簧弹力为F. 根据牛顿第二定律,有 F=mω2r               ① 由胡克定律 F=kx                 ② 电压表V的示数(即P、Q间的电压)为U,设P、Q间的电阻值为Rx,有     ③ ①、②、③式联立,得             ④ (2)用该测量仪测量某装置自转的角速度为最大值ωm时,有:                                         ⑤                                       ⑥ 代入④式,得   答:(1)待测装置自转的角速度ω与电压表V的示数U之间的关系式为. (2)用该测量仪能测量的自转角速度的最大值ωm是.
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考点分析:
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(2)如果实验中所得到的T2-L关系图象如图2所示,那么真正的图象应该是a、b、c中的______
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试题属性
  • 题型:解答题
  • 难度:中等

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