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交流电源的输出电压为u=100sin100πV,一变压器原线圈接在该交流电源上,...

交流电源的输出电压为u=100manfen5.com 满分网sin100πV,一变压器原线圈接在该交流电源上,副线圈对三只相同规格的灯泡供电,电路如图所示,灯泡规格为“10V 10W”,变压器可视为理想变压器,其原副线圈匝数比为10:1,灯泡电阻视为定值,电流表内阻不计,求:
(1)开关S断开时,电流表A的示数多大?
(2)开关S闭合时,灯泡L1消耗的功率多大?

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(1)由u=100sin100πtv,知道原线圈两端的电压U1=100v,根据理想变压器原副线圈两端的电压与线圈的匝数成正比,求出副线圈两端的电压.根据灯泡的额定电压和功率,求出电阻,再根据闭合电路欧姆定律求出副线圈的电流,由变压器的电流与匝数成反比,求电流表A的示数; (2)开关S闭合时,灯泡L2与L3并联后再与L1串联,先求出副线圈回路总电阻,再根据闭合电路欧姆定律和电路的连接关系求解. 【解析】 由u=100sin100πtv可知,原线圈两端的电压U1=100v                  由U1:U2=n1:n2可得 U2=10v. 由P=可得:每一个灯泡的电阻R==10Ω      (1)在开关S断开时,副线圈中的电流   I2==0.5A                   由I1:I2=n2:n1 可得原线圈中的电流,即电流表A中的电流为  I1=0.05A                         (2)在开关S闭合时负载总电阻为   R副=R+ R/2=15Ω                   此时副线圈中的I2′==                 故灯泡L1消耗的功率为   P1=≈4.4W       答: (1)开关S断开时,电流表A的示数0.05A. (2)开关S闭合时,灯泡L1消耗的功率4.4W.
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考点分析:
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现有一块小量程电流表G,满偏电流为200μA,内阻约为400~450Ω,把它改装成1mA、10mA的两量程电流表,可供选择的器材有:
①标准电流表(量程0-1.5mA,0-10mA)
②电阻箱(0-9999Ω)
③电位器(0-100kΩ)
④电源(电动势2V)
⑤电源(电动势6V)
⑥滑动变阻器(0-50Ω,额定电流1.5A)
⑦电键两只,导线若干.
(1)用半偏法测定电流表的内阻.采用图1电路测定电流表G的内阻.要想得到较高的精确度,从以上给出的器材中,可变电阻R1应选用    ,可变电阻R2应选用    ,电源E应选用    .(填所给器材前的数字符号)
(2)图2为将G改装成两量程电流表的电路,如果在实验中所得的R2的阻值为400Ω,则图2中的电阻Ra=    Ω,Rb=    Ω.
(3)本实验第(1)步的系统误差总是使测得的Rg比真实值偏    .由此引起的结果是在校对中,发现改装电流表的示数总是比标准电流表的示数偏   
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在做“研究匀变速直线运动”的实验时,某同学得到一条用打点计时器打下的纸带如图甲所示,并在其上取了A、B、C、D、E、F、G等7个计数点,每相邻两个计数点间还有4个点,图中没有画出,打点计时器接周期为T=0.02s的交流电源.他经过测量并计算得到打点计时器在打B、C、D、E、F各点时物体的瞬时速度如下表:
对应点速度(m/s)
B0.122
C0.164
D0.205
E0.250
F0.289
(1)计算vF的公式为vF=   
(2)根据(1)中得到的数据,以A点对应的时刻为t=0,试在图乙中所给的坐标系中,作出v-t图象,并求物体的加速度a=    m/s2
(3)如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz,而做实验的同学并不知道,那么加速度的测量值与实际值相比    (选填:偏大、偏小或不变).
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A.由于F1、F2等大反向,故系统机械能守恒
B.由于F1、F2等大反向,故系统动量守恒
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试题属性
  • 题型:解答题
  • 难度:中等

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