Question

如图所示，木块质量m=1.04kg，在与水平方向成θ=37°角、斜向右上方的恒定拉力F作用下，以a=2.0m/s²的加速度从静止开始做匀加速直线运动，在3s末时撤去拉力F．已知木块与地面间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度g=10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：
（1）拉力F的大小
（2）物体在5s内滑行的总位移．

Answer

（1）对物体受力分析，知道物体的加速度的大小，由牛顿第二定律可以求得拉力F的大小；
（2）在3s末撤去了拉力F，之后物体将在摩擦力的作用下减速运动，摩擦力作为合力产生加速度，由位移公式可以求得物体的位移大小．
【解析】
（1）对物体受力分析，可知
水平方向 Fcosθ-f=ma  
竖直方向 Fsinθ+FN=mg   
摩擦力公式 f=μFN   
由以上三个方程可以解得，
 a=2m/s2
  F=6N；
（2）在3s末物体的速度为
V=at=2×3m/s=6m/s，
前3s的位移为
 X1=at2=9m，
在3s末撤去了拉力F，之后物体将在摩擦力的作用下减速运动，
设此时的加速度为a′，摩擦力为f′，
则 f′=μmg=ma′，
所以a′=μg=4m/s2，
撤去了拉力F之后，减速到0需要的时间为t
则由V=0-a′t 可得
 t=1.5s
即物体只运动了1.5s就停止了，所以减速运动的位移
X2=Vt-at2=4.5m
所以总位移x=X1+X2=9m+4.5m=13.5m，
答：（1）拉力F的大小为6N
（2）物体在5s内滑行的总位移是13.5m．