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(2014•金华模拟)如图示,电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中.线框绕中心轴OO'匀速转动时,产生的电动势e=200满分5 manfen5.comcos(100πt)V.线框的输出端与理想变压器原线圈相连,副线圈连接着一只“20V、8W’’的灯泡,且灯泡能正常发光,电路中熔断器熔断电流为0.4满分5 manfen5.comA,熔断器与输电导线的电阻忽略不计.下列判断正确的是(  )

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A.t=0s时刻的线框中磁通量变化率为最大

B.理想变压器原、副线圈匝数之比为10:1

C.若副线圈两端并联多只“20V、8W“的灯泡,则最多不能超过10只

D.若线框转速减半,产生的电动势e=100满分5 manfen5.comcos(l00πt)V

 

AB 【解析】 试题分析:线圈在匀强磁场中绕垂直磁场的转轴匀速转动,产生正弦式交变电流,最大值Em=NBSω;然后结合变压器的变压比公式和输入、输出功率关系列式分析. 【解析】 A、图示位置线圈与中性面垂直,感应电动势最大,故线框中磁通量变化率最大,故A正确; B、线框绕中心轴OO′匀速运动时,产生的电压u=200sin100πt,故输入变压器的电压的有效值为:U==200V;灯泡能正常发光,故变压器的输出电压为20V;根据变压比公式,有:,故B正确; C、电路中熔断器熔断电流为0.4 A,此时根据能量守恒定律,有: U1I1=U2(nIL) 解得:n= 故副线圈两端并联“20V、8W”的灯泡最多不能超过14只,故C错误; D、若线框转速减半,根据公式Em=NBSω,产生的电压也减半,ω=2πn=50π,则产生的电动势e=100cos(50πt)V,故D错误; 故选:AB.
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(2014•临沂模拟)如图甲所示,矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动,输出交流电的电动势图象如图乙所示,经原副线圈的匝数比为1:10的理想变压器个一灯泡供电如图丙所示,副线圈电路中灯泡额定功率为22W.现闭合开关,灯泡正常发光.则(  )

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A.t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零

B.交流发电机的转速为50r/s

C.变压器原线圈中电流表示数为1A

D.灯泡的额定电压为220满分5 manfen5.comV

 

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(2014•北京模拟)如图所示,是一正弦式交变电流的电流图象.电流的最大值和周期分别为(  )

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A.10满分5 manfen5.comA,0.02s    B.10A,0.02s    C.10满分5 manfen5.comA,0.01s    D.10A,0.01s

 

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(2014•顺德区模拟)正弦交变电源与电阻R、交流电压表按照图1所示的方式连接,R=10Ω,交流电压表的示数是10V.图2是交变电源输出电压u随时间t变化的图象.则下列说法正确的是:(  )

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A.通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=满分5 manfen5.comcos100πt(A)

B.通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR=sin50πt(V)

C.R两端的电压uR随时间t变化的规律是uR=10cos100πt(V)

D.R两端的电压uR随时间t变化的规律是uR=10满分5 manfen5.comcos50πt(V)

 

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(2014•天津)如图1所示,在匀强磁场中,一矩形金属线圈两次分别以不同的转速,绕与磁感线垂直的轴匀速转动,产生的交变电动势图象如图2中曲线a,b所示,则(  )

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A.两次t=0时刻线圈平面均与中性面重合

B.曲线a、b对应的线圈转速之比为2:3

C.曲线a表示的交变电动势频率为25Hz

D.曲线b表示的交变电动势有效值为10V

 

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(2015•成都模拟)图甲是一台小型发电机的构造示意图,线圈逆时针转动,产生的电动势e随时间t变化的正弦规律图象如图乙所示.发电 机线圈的内电阻不计,外接灯泡的电阻为12Ω.则(  )

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A.在t=0.01s时刻,穿过线圈的磁通量为零

B.电压表的示数为6满分5 manfen5.comV

C.灯泡消耗的电功率为3W

D.若其它条件不变,仅将线圈的转速提高一倍,则线圈电动势的表达式e=12满分5 manfen5.comsin 100πt(V)

 

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