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如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端与质量为m的圆环相连,圆环套在倾斜的粗糙固定杆...

如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端与质量为m的圆环相连,圆环套在倾斜的粗糙固定杆上,杆与水平面之间的夹角为α,圆环在A处时弹簧竖直且处于原长。将圆环从A处静止释放,到达C处时速度为零。若圆环在C处获得沿杆向上的速度v,恰好能回到A。已知AC=L,B是AC的中点,弹簧始终在弹性限度之内,重力加速度为g,则

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A.下滑过程中,环受到的合力不断减小

B.下滑过程中,环与杆摩擦产生的热量为满分5 manfen5.com

C.从C到A过程,弹簧对环做功为满分5 manfen5.com

D.环经过B时,上滑的速度大于下滑的速度

 

BCD 【解析】 试题分析:圆环从A处由静止开始下滑,初速度为零,到达C处的速度为零,所以圆环先做加速运动,再做减速运动,所以加速度先减小,后增大,则合力先增大后减小,故A错误;研究圆环从A处由静止开始下滑到C过程,运用动能定理列出等式mgh+Wf-W弹=0-0=0;在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A,运用动能定理列出等式-mgh+W弹+Wf=0-mv2,解得:Wf=-mv2,所以产生的热量为mv2,故B正确;在C处获得一竖直向上的速度v,恰好能回到A,运用动能定理列出等式-mgh+W弹+Wf=0-mv2,h=Lsinα,解得:W弹=mgLsinα-mv2,故C正确;研究圆环从A处由静止开始下滑到B过程,运用动能定理列出等式mgh′+W′f-W′弹=mvB2-0,研究圆环从B处上滑到A的过程,运用动能定理列出等式 -mgh′+W′f+W′弹=0-mvB′2;由于W′f<0,所以mvB2<mvB′2,则环经过B时,上滑的速度大于下滑的速度,故D正确;故选BCD. 考点:动能定理的应用 【名师点睛】此题主要考查动能定理的应用问题;解题时要能正确分析小球的受力情况和运动情况,对物理过程进行受力、运动、做功分析,是解决问题的根本方法,掌握动能定理的应用技巧;此题是中等题;考查学生综合分析能力.  
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考点分析:
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A.U2=△U1+△U3

B.满分5 manfen5.com

C.满分5 manfen5.com满分5 manfen5.com保持不变

D.电源输出功率先增大后减小

 

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身体素质拓展训练中,人从竖直墙壁的顶点A沿光滑杆自由下滑到倾斜的木板上(人可看作质点),若木板的倾斜角不同,人沿着三条不同路径AB、AC、AD滑到木板上的时间分别为t1、t2、t3,若已知AB、AC、AD与板的夹角分别为70o、90o和105o,则

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C.t1=t2=t3       D.不能确定t1、t2、t3之间的关系

 

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A.满分5 manfen5.com          B.满分5 manfen5.com          C.满分5 manfen5.com          D.满分5 manfen5.com

 

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两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为2C,质量为1 kg的小物块从C点静止释放,其运动的v-t图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线).则下列说法正确的是    

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A.B点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=1 V/m

B.由C到A的过程中物块的电势能先减小后变大

C.由C点到A点电势逐渐升高

D.A、B两点间的电势差满分5 manfen5.com=5V

 

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如图甲所示,轻弹簧竖直固定在水平面上.一质量为m=0.2kg的小球,从弹簧上端某高度处自由下落,从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中弹簧在弹性限度内,其速度u和弹簧压缩量△x之间的函数图象如图乙所示,其中A为曲线的最高点.小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计,g取10 m/s2,则下列说法正确的是(   

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A.小球刚接触弹簧时加速度最大

B.从接触弹簧到压缩至最短的过程中,弹簧的弹性势能先增大后减小

C.从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的机械能守恒

D.该弹簧的劲度系数为20.0 N/m

 

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