Question

某同学在“测定小灯泡电功率”的实验中，所用实验器材有：6伏的电源、标有“0.3安”字样的小灯泡、电流表、电压表、滑动变阻器、电键及若干导线，实验器材均完好．他把实验情况填写在下表中．

实验序号	电流（安）	电压（伏）	灯泡亮暗
1	1.4	3.8	比正常发光时暗
2	1.5	3.5	正常发光
3	1.6	3.2	比正常发光时亮

①请指出该同学实验中的一个错误______．
②小灯的额定电压为______伏，额定功率为______瓦．
③比正常发光暗时，小灯的实际功率为______瓦．

Answer

（1）根据欧姆定律可知，在电阻一定时，通过电阻的电流与电压成正比，电流表的读数超过了小灯泡的额定电流，说明电流表的量程读错了，据此分析；
（2）知道额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率；
（3）根据（1）改正后的数据确定电压和电流，根据P=UI计算．
【解析】
（1）小灯泡的电阻可以认为是不变的，根据欧姆定律分析，在电阻一定时，电流与电压成正比，而表格中成反比，根据串联电路具有分压作用可知，故电压表接入了滑动变阻器两端；
小灯泡的额定电流是0.3A，而表格中的数值都超过了0.3A，故电流表的量程读错了；
（2）从铭牌上可知小灯泡的额定电流为0.3A，故小灯泡的额定功率为：P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W；
（3）据（1）改正后的数据分析可知，比正常发光暗时，灯泡两端电压UL=U-UR=6V-3.8V=2.2V；
根据电流表的使用方法可知，在0～3A的量程中，每一小格表示0.1A，故1.4A表示14格，
在0～0.6A量程中，每一小格表示0.02A，故通过灯泡的电流为：IL=14×0.02A=0.28A，
故此时小灯泡的实际功率为：P实=ULIL=2.2V×0.28A=0.616W；
故答案为：（1）电压表接入变阻器两端（或电流表量程读错）；（2）2.5；0.75；（3）0.616．